01 barisan dan deret
TRANSCRIPT
Program Perkuliahan Dasar UmumSekolah Tinggi Teknologi Telkom
Barisan dan Deret
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
2
BarisanBarisanDefinisiBarisan bilangan didefinisikan sebagai fungsi dengandaerah asal merupakan bilangan asli. Notasi: f: N R
n f(n ) = an
Fungsi tersebut dikenal sebagai barisan bilangan Riil {an} dengan an adalah suku ke-n.Bentuk penulisan dari barisan :1. bentuk eksplisit suku ke-n2. ditulis barisannya sejumlah berhingga suku
awalnya. 3. bentuk rekursi
an = n1
⎭⎬⎫
⎩⎨⎧ ...,
41,
31,
21,1
n
nn a
aaa+
== + 1,1 11
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
3
KekonvergenanKekonvergenan BarisanBarisan
Definisi:Barisan {an} dikatakan konvergen menuju L atauberlimit L dan ditulis sebagai
Lann=
∞→lim
Sebaliknya, barisan yang tidak konvergen kesuatu bilangan L yang terhingga dinamakandivergen.
Jika untuk tiap bilangan positif ε, ada bilanganpositif N sehingga untuk
ε<−⇒≥ LaNn n
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
4
CatatanCatatanAkan kita jumpai banyak persoalan konvergensi barisan. Kita akan menggunakan fakta berikut.
Lxfx
=∞→
)(limJika Lnfn
=∞→
)(lim, maka
Fakta ini memudahkan karena kita dapat memakaikaidah I’ Hospital untuk soal peubah kontinu.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
5
SifatSifat Limit Limit BarisanBarisan
Sifat dari limit barisan, jika barisan {an} konvergen ke L dan barisan {bn} konvergen ke M, maka
1. ( ) ( ) ( ) MLblimalimbalim nnnnnnn±=±=±
∞→∞→∞→
2. ( ) ( ) ( ) M.Lblim.alimb.alim nnnnnnn==
∞→∞→∞→
3. ( )( ) M
Lblim
alim
ba
limnn
nn
n
n
n==⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛
∞→
∞→
∞→, untuk M≠ 0
Barisan {an} dikatakan
a. Monoton naik bila an+1 ≥ an b. Monoton turun bila an+1 ≤ an
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
6
ContohContoh
Tentukan konvergensi dari barisan di bawah ini:
1n2na n −
=1.
21
12lim)(lim =
−=
∞→∞→ xx
xfxx
Jawab:Ambil
12)(
−=
xx
xf , Dalam hal ini menurut kaidahI’Hospital,
Jadi,
21
12lim =
−∞→ nn
n
artinya barisan an konvergen menuju ½.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
7
ContohContoh
eex
xx
==⎟⎠⎞
⎜⎝⎛
+=
∞→
1
1limexp
2.n
n n11a ⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ +=
Jawab:Ambil
x
xxf ⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛ +=
11)( , Dalam hal ini menurut kaidah
I’Hospital,
artinya barisan an konvergen menuju e.
en
n
n=⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛ +
∞→
11lim
Jadi,
⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ +=
∞→ xx
x
11ln.limexp⎟⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜⎜
⎝
⎛⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ +
=∞→
x
xx 1
11ln
limexp
⎟⎟⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜⎜⎜
⎝
⎛
⎟⎠⎞
⎜⎝⎛−
⎟⎠⎞
⎜⎝⎛
+⎟⎠⎞
⎜⎝⎛−
=∞→
2
2
11
.1
limexp
x
xx
xx
x
x x⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ +
∞→
11lim
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
8
LatihanLatihan
3n2n1n4a 2
2
n +−+
=
1n2n3a
2
n ++
=
1nna n +
=
( )n
n
n 4a π−
=
n)nln(a n =
⎭⎬⎫
⎩⎨⎧ ...
54,
43,
32,
21
⎭⎬⎫
⎩⎨⎧ −−− ...
95,
74,
53,
32,1
⎪⎪⎭
⎪⎪⎬
⎫
⎪⎪⎩
⎪⎪⎨
⎧
−−−...
431
1,
321
1,
211
1,1
⎪⎪⎭
⎪⎪⎬
⎫
⎪⎪⎩
⎪⎪⎨
⎧
−−−−...
515
4,
414
3,
313
2,
212
1an+1 = 1 +
21 an , a1=1
an+1 = 21 (an +
na2
) , a1=2 1.
2.
11.
10.
9.
8.
7.
6.
5.
4.
3.
Tentukan konvergensi dari barisan di bawah ini:
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
9
DeretDeret TakTak HinggaHingga
Bentuk deret tak hingga dinotasikan dengan notasisigma, sebagai berikut:
∑∞
=0nna = a1 + a2 + a3 + a4 + …+ an + …
dengan an adalah suku ke-n.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
10
BarisanBarisan JumlahJumlah ParsialParsial
Misalkan Sn menyatakan jumlah parsial ke-n suku deret
, maka∑∞
=0iia
Barisan {Sn}, dinamakan barisan jumlah parsial deret∑∞
=0iia
Dari jumlah parsial ini di dapat bahwa Sn – Sn-1 = an.
S1 = a1S2 = a1 + a2...Sn = a1 + a2 + a3 + a4 + …+ an = ∑
=
n
0iia
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
11
KekonvergenanKekonvergenan DeretDeret TakTak HinggaHingga
Deret tak hingga ∑∞
=0iia konvergen dan mempunyai
jumlah S jika barisan jumlah-jumlah parsialnya {Sn}
konvergen ke S. Sebaliknya apabila {Sn}
divergen maka deret divergen.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
12
Deret GeometriDeret GeometriBentuk umum deret geometri adalah
∑∞
=
−
1n
1nar = a +ar +a r2 + ... + a rn-1 + ...
dengan a ≠ 0. Jumlah parsial deret ini adalah
Sn = ∑=
−n
1i
1iar = a +ar +a r2 + ... + a rn-1
dan dapat ditulis sebagai Sn = ( )r1r1a n
−− , r ≠ 1.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
13
Sifat DeretSifat Deret GeometriGeometri
1. Jikar < 1 maka barisan {rn} konvergen ke 0 karena
n
nrlim
∞→= 0, maka deretnya konvergen ke
r1a−
2. Jika maka barisan {rn} divergen karena
maka deretnya juga divergen
r > 1 n
nrlim
∞→= ∞ ,
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
14
ContohContoh((SelidikiSelidiki kekonvergenannyakekonvergenannya))
...321
161
81
41
21
+++++1.
Jawab: Kalau kita perhatikan
S1 = 21 = 1 -
21 S2 =
41
21+ =
43 = 1 – (
21 )2
S3 = 81
41
21
++ =87 = 1 – (
21 )3
Sehingga kita peroleh jumlah parsial ke-n-nya
Sn = 1 – (21 )n
Dannn
Slim∞→
= ∞→n
lim (1 – (21 )n) = 1
Jadi karena barisan jumlah-jumlah parsialnya konvergen ke 1, maka deret di atas juga konvergen.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
15
ContohContoh (2)(2)
∑∞
= +1i )1i(i1
2.2.
Jawab: Kalau kita perhatikan
Dan
Jadi karena barisan jumlah parsialnya konvergen ke 1, maka deret di atas juga konvergen.
)1i(i1+
=i1 -
1i1+
Dari sini kita peroleh bahwa jumlah parsial ke-n-nya
Sn = ⎟⎠⎞
⎜⎝⎛
+−
/
/++⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛
//
−//
+⎟⎠⎞
⎜⎝⎛
//
−//
+⎟⎠⎞
⎜⎝⎛
//
−1n
1n1...
41
31
31
21
211 = ⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛
+−
1n11
nnSlim
∞→=
∞→nlim ⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛
+−
1n11 = 1
(Deret Kolaps)
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
16
ContohContoh (3)(3)
3.3.
Jawab: Dari sini kita dapatkan
Sehingga akan kita dapatkan limit untuk Sn untuk n menuju tak hingga harganya adalah tak hingga juga.Jadi deret harmonik di atas adalah deret divergen.
∑∞
=1i i1
Sn = 1 + n1...
81
71
61
51
41
31
21
++++++++
Sn = 1 + n1...
81
71
61
51
41
31
21
++⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ ++++⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛ ++
≥ 1 + n1...
81
81
81
81
41
41
21
++⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ ++++⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛ ++
= 1 + n1...
21
21
21
21
+++++
(Deret Harmonik)
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
17
Uji kedivergenan dengan suku keUji kedivergenan dengan suku ke--nn..
Apabila ∑∞
=0nna konvergenmaka nn
alim∞→
= 0, ekivalen
nnalim
∞→≠ 0 maka deret divergen.
Contoh: Buktikan bahwa∑∞
= ++1n2
2
4n3n3n
divergen.
Bukti
4n3n3nlim 2
2
n ++∞→=
2n
n4
n33
1lim++
∞→ 31
= (Tidak Nol)
Jadi terbukti bahwa divergen.∑∞
= ++1n2
2
4n3n3n
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
18
MasalahMasalah BaruBaru
Dalam banyak kasus bahwa nnalim
∞→= 0, tetapi dari sini
kita sangat sulit menentukan apakah deret tersebut konvergen atau divergen.
Sebagai contoh deret harmonik,
∑∞
=1n n1 =1 +
n1...
81
71
61
51
41
31
21
++++++++ + . . .
Jelas bahwa nnalim
∞→= 0, tetapi deret harmonik adalah
deret yang divergen.
Oleh karena itu perlu dilakukan uji-uji untuk deret positif.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
19
UjiUji DeretDeret PositifPositif
1. Tes Integral
Misalkan fungsi f kontinu monoton turun dan f(x) > 0 pada selang [1,∝)
a. Jika integral tak wajar
b. Jika integral tak wajar
∫∞
1dx)x(f konvergen, maka deret
∑∞
=1n
)n(f konvergen.
divergen, maka deret
∑∞
=1n
)n(f divergen.∫∞
1dx)x(f
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
20
ContohContoh
1. Selidiki kekonvergenan dari ∑∞
=
−
1n
n 2en
Jawab. Kita ambil2xex)x(f −= , sehingga
dxex2x
1
−∞
∫ dxexlim2xb
1b
−
∞→ ∫ ∫ −
∞→
b
1
2x
b)x(delim
21 2
b
1
x
b
2elim
21 −
∞→− ⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛−−
∞→ 111lim
21
2 eebb e21
= =
= = =
Jadi karena dxex2x
1
−∞
∫ konvergen, maka ∑∞
=
−
1n
n 2en
juga konvergen.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
21
ContohContoh
2. Selidiki kekonvergenan dari
Jawab. Kita ambil , sehingga
∑∞
=2n nlnn1
xxxf
ln1)( =
∫∫ ∞→
∞=
b
b xxdx
xxdx
22 lnlim
ln ∫∞
∞→=
2 ln)(lnlim
xxd
b
( ) ( ) ( ) ∞=−==∞→∞→
2lnlnlnlnlimlnlnlim bxbb
Jadi karena divergen, maka
juga divergen.
∫∞
2 ln xxdx
∑∞
=2n nlnn1
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
22
LatihanLatihan
∑∞
=2n2 nlnn
1
∑∞
= +1n 1n21
∑∞
= +1n2 1n41
( )∑∞
= +1n 23
n34
1
2.
4.
5.
3.
1.
Selidiki kekonvergenan deret berikut:
( )∑∞
= −3n22n
1
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
23
UjiUji DeretDeret PositifPositif2. Uji Deret -p
Deret-p atau deret hiperharmonik mempunyai bentuk umum
∑∞
=1
1
ipi
Dengan menggunakan tes integral, kita dapatkan
dxx1lim
1 pt ∫∞
∞→=
t
1
p1
t p1xlim
⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎣
⎡
−
−
∞→= p1
1tlimp1
t −−−
∞→
Kalau kita perhatikan, untuk
1. p = 1 diperoleh deret harmonik, sehingga untuk p = 1 deret divergen.
2. p > 1 maka p1
ttlim −
∞→= 0, sehingga diperoleh deret
yang konvergen.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
24
UjiUji DeretDeret PositifPositif
3. p < 1 maka p1
ttlim −
∞→=∞, sehingga diperoleh deret yang
divergen.
4. p < 0, suku ke-n deret ∑=
n
iPi1
1, yaitu, tidak menuju 0.Pn
1
Jadi deret divergen menurut Uji Suku ke-n
Sehingga dapat kita simpulkan untuk uji deret-p, yaitu:
1. Deret-p konvergen apabila p > 12. Deret-p divergen apabila 0 ≤ p ≤ 1
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
25
ContohContohApakah deret berikut konvergen atau divergen?
1. ∑∞
=1001,1
1n n
Berdasarkan uji deret-p, deret ∑∞
=1001,1
1n n konvergen
karena p=1,001 > 1
2.
Berdasarkan uji deret-p, deret divergen
karena p= ½ < 1
∑∞
=1 211
n n
∑∞
=1 211
n n
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
26
UjiUji DeretDeret PositifPositif
3. Tes Perbandingan dengan deret lain
Andaikan ∑∞
= `1nna ∑
∞
= `1nnbdan deret positif, jika an ≤ bn maka
1. Jika konvergen, maka
∑∞
= `1nnb
∑∞
= `1nnb
∑∞
= `1nna
∑∞
= `1nna konvergen
2. Jika divergen, maka divergen
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
27
ContohContohSelidiki Kekonvergenan deret berikut:1.∑
∞
= −3n2 5nn
Jawab:Akan kita bandingkan deret ini dengan an =
n1 dan bn= 5n
n2 −
kita tahu bahwa
,
∑∞
=1n n1
adalah deret harmonik dan
5nn
2 − n1≥ , Sehingga karena∑
∞
=1n n1
∑∞
= −2n2 5nn
deret divergen, maka
deret yang divergen.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
28
ContohContoh
2. ∑∞
= +1n2 5n1
Jawab:Akan kita bandingkan deret ini dengan bn= dan an=
kita tahu bahwa adalah deret hiperharmonik dengan
≥ , Sehingga karena
konvergen, maka deret yang konvergen.∑∞
= +1n2 5n1
2n1
5n1
2 +
5n1
2 +
2n1
∑∞
=1n2n
1
p = 2 >1 dan ∑∞
=1n2n
1deret
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
29
LatihanLatihanSelidiki kekonvergenan deret berikut
∑∞
= +1n2 5nn
∑∞
= −3n2 5n1
∑∞
= +1nn 121
( )∑∞
= −3n22n
1
∑∞
= −1n 1n21
2.
4.
5.
3.
1.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
30
UjiUji DeretDeret PositifPositif
4. Tes Banding limit
Andaikan an dan bn deret positif dann
n
n balim
∞→= L
1. Jika 0 < L < ∞ maka ∑∞
= `1nna ∑
∞
= `1nnbdan sama-sama
konvergen atau divergen
2. Jika L = 0 dan ∑∞
= `1nnb ∑
∞
= `1nnakonvergen maka konvergen.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
31
ContohContohSelidiki kekonvergenan dari deret berikut :
∑∞
= +−+
1n23 7n5n3n2
1.
Kita gunakan Uji Banding Limit. Kalau kita perhatikan
sehingga
deret tersebut, suku umumnya mirip dengan bn=
n
n
n balim
∞→
∑∞
= +−+
1n23 7n5n3n2 konvergen.
= 2
Jadi karena L=2 dan
Jawab:
∑∞
=12
1n n
21
n
2
23
175
32lim
n
nnn
n+−
+=
∞→ 7532lim 23
23
+−+
=∞→ nn
nnn
konvergen, maka deret
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
32
ContohContohSelidiki kekonvergenan dari deret berikut :
2.
Kita gunakan Uji Banding Limit. Kalau kita perhatikan
sehingga
deret tersebut, suku umumnya mirip dengan bn=
n
n
n balim
∞→
divergen.
= 1
Jadi karena L=1 dan
Jawab:
divergen, maka deret
∑∞
= +1n2 4n1
∑∞
= +1n2 4n1
n1
n1
4n1
lim2
n
+∞→ 4n
nlim 2
2
n +∞→= =
∑∞
=1
1n n
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
33
LatihanLatihanSelidiki kekonvergenan dari deret berikut:
∑∞
= −+
1n3 4n
1n3∑∞
= ++1n2 3n2n
n4.1.
∑∞
=1n2nnln
5.∑∞
= +1n 1nn1
2.
∑∞
=
+
1n2n
3n23.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
34
UjiUji DeretDeret PositifPositif
5. Tes Hasil Bagi
∑∞
=1kka
ρ=+
∞→ k
1kk a
alim
Diketahui merupakan suatu deret dengan
suku-suku yang positif, misalkan
ρ ∑∞
=1kka1. Jika < 1 maka deret konvergen
ρ ∑∞
=1kka divergen2. Jika > 1 maka deret
ρ = 1 maka uji deret ini tidak dapat dilakukan.3. Jika
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
35
ContohContohSelidiki kekonvergenan deret berikut:
1. ∑∞
=1 !3
n
n
n
Misalkan suku ke-n adalah an = !3n
n
, maka suku ke-n+1adalah an+1= ( )!1
3 1
+
+
n
n
sehingga
Karena nilai limit r=0 (< 1), maka deret ∑∞
=1 !3
n
n
n
Jawab:
( )13
lim+
=∞→ nn
0=( )!13!3
lim1
+=
+
∞→ nn
n
n
n
( )
!3
!13
lim
1
n
nn
n
n
+=
+
∞→n
n
n aa 1lim +
∞→
konvergen
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
36
ContohContoh
2. ∑∞
=12
3n
n
n
Misalkan suku ke-n adalah an = 2
3n
n
, maka suku ke-n+1adalah an+1=
( )2
1
13+
+
n
n
sehingga
Karena nilai limit r=3 (> 1), maka deret ∑∞
=12
3n
n
n
Jawab:
3=( )22
1
3lim
+=
∞→ n
nn( )2
21
13
3lim
+=
+
∞→ n
nn
n
n
( )2
2
1
31
3
lim
n
nn
n
n
+=
+
∞→n
n
n aa 1lim +
∞→
divergen
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
37
LatihanLatihanSelidiki kekonvergenan dari deret berikut:
∑∞
=1
!n
nnn ∑
∞
=
+
1 !5
n nn
( )∑∞
=1
3
!2n nn
4.
5.
1.
( )∑∞
=1 !2n
n
nn
2.
∑∞
=
+
1 !4
n
n
nn
3.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
38
UjiUji DeretDeret PositifPositif
6. Tes Akar
∑∞
=1kkaDiketahui merupakan suatu deret dengan
suku-suku yang positif, misalkan aakkk=
∞→lim
∑∞
=1kka
∑∞
=1kka
1. Jika a < 1 maka deret konvergen
divergen
= 1 maka uji deret ini tidak dapat dilakukan.
2. Jika a > 1 maka deret
3. Jika a
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
39
ContohContohSelidiki kekonvergenan deret
1. ∑∞
=⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛−+
1 122
n
n
nn
Jawab:
Misalkan suku ke-n adalah an =n
nn
⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛−+122 , maka nilai
limitnya adalah
2122limlim =
−+
=∞→∞→ n
nan
nnn
∑∞
=⎟⎠⎞
⎜⎝⎛
−+
1 122
n
n
nn
Karena nilai limit r = 2 (> 1), maka deret
divergen
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
40
ContohContoh
∑∞
=⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛−+
1 122
n
n
nn
Jawab:
Misalkan suku ke-n adalah an =n
nn
⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛−+
122 , maka nilai
limitnya adalah
2.
21
122limlim =−+
=∞→∞→ n
nan
nnn
Karena nilai limit r = ½ (< 1), maka deret∑∞
=⎟⎠⎞
⎜⎝⎛
−+
1 122
n
n
nn
konvergen
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
41
LatihanLatihanSelidiki kekonvergenan dari deret berikut:
∑∞
=⎟⎠⎞
⎜⎝⎛
1 ln1
n
n
n
∑∞
=⎟⎠⎞
⎜⎝⎛
−+
1 1223
n
n
nn∑
∞
=⎟⎠⎞
⎜⎝⎛
+1 23n
n
nn
∑∞
=⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ +
1
121
n
n
n
2. 4.
3.1.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
42
Deret Ganti Tanda dan Kekonvergenan Deret Ganti Tanda dan Kekonvergenan MutlakMutlak
Deret Ganti TandaDeret ini mempunyai bentuk sebagai berikut
( ) ...aaaaa1 43211n
n1n +−+−=−∑
∞
=
+
dengan an > 0, untuk semua n.
Contoh penting adalah deret harmonik berganti tanda, yaitu
( ) ...41
31
211
n11
1n
1n +−+−=−∑∞
=
+
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
43
UjiUji DeretDeret GantiGanti TandaTanda
Andaikan deret ganti tanda, deret tersebut dikatakan konvergen jika1. an+1< an
0lim =∞→
nna2.
Contoh
Tentukan kekonvergenan deret ganti tanda berikut
...41
31
211 +−+−1.
2. ...!4
1!3
1!2
11 +−+−
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
44
ContohContoh1. Jawab (uji ganti tanda)
Dari soal diatas kita punya an= n1
, dan an+1 = 11+n
tersebut konvergen jika
, deret
a. 1111
11
1
1
>+=+
=+
=+ nn
n
n
naa
n
n ⇔ an >an+1
b. 01limlim ==∞→∞→ n
annn
Karena a dan b terpenuhi maka deret di atas konvergen.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
45
ContohContoh2. Jawab (uji ganti tanda)
Dari soal diatas kita punya an= !
1n
, dan an+1 = ( )!11+n
tersebut konvergen jika
, deret
a.( )
11!1
1!
1
1
>+=+
=+
nn
naa
n
n ⇔ an >an+1
b. 0!
1limlim ==∞→∞→ n
annn
Karena a dan b terpenuhi maka deret di atas konvergen.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
46
LatihanLatihanSelidiki kekonvergenan dari deret ganti tanda berikut:
( )∑∞
=
−1 3
1n
nn n( )∑
∞
=
+
+−
1
1
1321
n
n
n4.1.
( )∑∞
= +−
1 )1(11
n
n
nn5.( )∑∞
= ++
−1
2
31n
n
nnn
2.
( )∑∞
=
+−1
1
!1
n
nn
nn
3.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
47
Konvergen Mutlak dan Konvergen BersyaratKonvergen Mutlak dan Konvergen Bersyarat
Suatu deret dikatakan konvergen mutlak bila harga
∑∞
=1nnb
Atau dengan kata lain
dikatakan konvergen mutlak jika ∑∞
=1nnb konvergen.
∑∞
=1nnb divergen,
∑∞
=1nnb konvergen.
Dan dikatakan konvergen bersyarat jika
tetapi
mutlak deret tersebut konvergen.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
48
Pengujian Kekonvergenan MutlakPengujian Kekonvergenan Mutlak
Misalkan∑∞
=1nna dengan an≠ 0 dan
n
nn a
a 1lim +
∞→ = r. Maka
1. bila r < 1 maka deret konvergen mutlak2. bila r > 1 maka deret divergen3. bila r = 1 maka tes gagal.`
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
49
ContohContohSelidiki deret berikut konvergen bersyarat, konvergenmutlak atau divergen
1. ( )∑∞
=
+−1
1
!21
n
nn
nJawab:
( ) ( )( ) ( )!21
!121
limlim1
12
1
n
na
ar
nn
nn
nn
n
n +
++
∞→
+
∞→−
+−== ( )!12
!2lim1
+=
+
∞→ nn
n
n
n 12
lim+
=∞→ nn
Dari soal diatas kita punya an= ( )!
21 1
n
nn+− , dan an+1 = ( ) ( )!1
211
2
+−
++
n
nn
sehingga
0=
Menurut uji hasilbagi mutlak, deret ini konvergen mutlak
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
50
ContohContoh
2. ( )∑∞
=
+−1
1 11n
n
nJawab:
( )∑∞
=
+−1
1 11n
n
n
Dengan uji deret ganti tanda deret ( )∑∞
=
+−1
1 11n
n
n
adalah deret divergen∑ ∑∞
=
∞
=
=1 1
1n n
n na
Jadi deret
konvergen
(buktikan!!),
(karena merupakan deret-p dengan p= ½ < 1)
adalah konvergen bersyarat.
sedangkan
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
51
LatihanLatihan
( )∑∞
=
⎟⎠
⎞⎜⎝
⎛−
1 51
nn
n n ( ) ( )∑∞
= +−
1 111
n
n
nn1. 4.
Selidiki apakah deret tersebut konvergen mutlak, konvergenbersyarat atau divergen:
∑∞
=
+−
1
1
ln)1(
n
n
nn∑∞
=
−
12)4(
n
n
n5.2.
∑∞
= +−
1 23)1(
n
n
n∑∞
=
+
+−
1
1
1)1(
n
n
nn6.3.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
52
DeretDeret PangkatPangkat
Deret pangkat secara umum ada dua bentuk1. Deret pangkat dalam x didefinisikan
∑∞
=0n
nn xa = a0 + a1 x + a2 x2 + . . .
2. Deret pangkat dalam (x – b) didefinisikan
( )∑∞
=
−0n
nn bxa = a0 + a1 (x-b) + a2 (x-b)2 + . . .
Untuk kali ini kita bicara selang kekonvergenan / untuk harga x berapa saja deret pangkat tersebut konvergen.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
53
SelangSelang KekonvergenanKekonvergenan
Selang kekonvergenan ditentukan dengan uji hasilbagi mutlak sebagai berikut:
Misalkan ( )∑∞
=
−0n
nn bxa dan n
n
nn
n bxabxa
L)()(
lim1
1
−−
=+
+
∞→
1. Jika L < 1, maka deret konvergen. 2. Jika L = 1, tidak dapat diambil kesimpulan gunakan
uji deret sebelumnya.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
54
SoalSoal
Tentukan selang kekonvergenan deret
∑∞
= +0 2)1(nn
n
nx
∑∞
= +0 !)1(n
n
nx
∑∞
=
+0
!)1(n
nxn
1.
2.
3.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
55
JawabJawab
1. Kita akan gunakan Uji Hasilbagi Mutlak, untuk menyelidikikekonvergenan mutlak.
Jadi deret tersebut konvergen mutlak apabila L< 1, yaitu–2 < x < 2
Kemudian akan kita cek untuk titik ujung intervalnya yaitux = 2 atau x = -2 .
Pada x = 2
n
n
n
n
n nx
nx
L2)1(
:)2(2
lim 1
1
++= +
+
∞→ 2x
=)2()1(
2lim
++
=∞→ n
nxn
( ) ( )∑∑∞
=
∞
= +=
+ 11 11
212
nnn
n
nn
deret ini adalah deret harmonik yang divergen.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
56
JawabJawab
Pada x = –2
Sehingga selang kekonvergenannya adalah –2 ≤ x < 2
deret ini adalah deret harmonik berganti tanda yang konvergen.
( )( )
( )( )∑∑
∞
=
∞
= +−
=+−
11 11
212
n
n
nn
n
nn
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
57
Jawab(2)Jawab(2)
2. Kita akan gunakan Uji Hasilbagi Mutlak, untukmenyelidiki kekonvergenan mutlak.
( ) ( )!1:
!2lim
1
++=
+
∞→ nx
nx
Lnn
n0=( )2
lim+
=∞→ n
xn
Karena L = 0 < 1, maka deret selalu konvergen untuksemua nilai x.
Jadi selang kekonvergenannya adalah (-∞,∞)
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
58
Jawab(3)Jawab(3)
3. Kita akan gunakan Uji Hasilbagi Mutlak, untukmenyelidiki kekonvergenan mutlak.
( )( ) n
n
n xnxn
L!1!2
lim1
++
=+
∞→( )xn
n2lim +=
∞→ ⎩⎨⎧
≠∞=
=0,0,0
xjikaxjika
Jadi deret tersebut konvergen hanya untuk x = 0.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
59
Teorema 1Teorema 1
Himpunan kekonvergenan deret pangkat ∑∞
=0n
nn xa
selang yang berupa salah satu dari ketiga jenis berikut:
berbentuk
1. satu titik x = 02. selang (-c, c), mungkin ditambah salah satu atau
keduanya titik ujungnya.3. seluruh himpunan bilangan riil
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
60
Teorema 2Teorema 2
Himpunan kekonvergenan deret pangkat ∑∞
=
−0n
nn )bx(a
berbentuk selang yang berupa salah satu dari ketiga jenis berikut :
1. satu titik x = b2. selang (b-c, c+b), mungkin ditambah salah satu atau
keduanya titik ujungnya.3. seluruh himpunan bilangan riil
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
61
LatihanLatihanTentukan selang kekonvergenan deret pangkat berikut:
( )∑∞
= +
−
021
)1(
n
n
nx
( ) ( ) ( ) ...81.4
4ln227.3
3ln29.2
2ln23
2 432+
++
++
++
+ xxxx
( ) ( ) ( ) ...!32
!222
32+
++
+++
xxx
1.
3.
2.
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
62
OperasiOperasi deretderet pangkatpangkat
Dalam pasal sebelumnya untuk 11 <<− x deret
xaax
n
n
−=∑
∞
= 11
Pertanyaan yang muncul mengenai sifat-sifat deret kuasa di
∑∞
=1n
naxatas (misal S(x)= )
didiferensialkan dan jika S(x) diintegralkan.
misalkan bagaimana jika S(x)
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
63
TeoremaTeoremaAndaikan S(x) adalah jumlah sebuah deret pangkat padasebuah selang I; jadi
S(x)= ∑∞
=0n
nn xa = a0 + a1 x + a2 x2 + a3 x3+ . . .
[ ]∑∞
=0n
nn xaD
∑∞
=
−
1
1
n
nn xna
∫x
dttS0
)( ∑∫∞
=00
n
x nn dtta
∑∞
=
+
+0
1
1n
nn xna
21
31
41
Maka 1. S’(x) = = D[a0 + a1 x + a2 x2 + a3 x3+ . . .]
=
=
= a0x + a1 x2 + a2 x3 + a3 x4+ . . .2.
= a1 + 2a2 x + 3a3 x2+ . . .
=
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
64
ContohContohSesuai teorema di atas
x−11
= 1 + x + x2 + x3 + . . . untuk -1< x <1, tentukan
a. ( )21
1x−
b. ln(1 – x)
Jawab:
a. ( )21
1x−
Dengan menurunkan suku demi suku, kita peroleh
( )211
11
xxDx −
=⎟⎠⎞
⎜⎝⎛−
= 1 + 2x + 3x2 + 4 x3 + . . .
, -1< x <1 1
1
−∞
=∑= n
n
xn
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
65
ContohContoh
a. ln (1 – x)
Sedangkan dengan mengintegralkan suku demi suku,kita peroleh juga
∫∫ ++++=−
=−xx
dttttdtt
x0
32
0
...11
1)1ln(
...41
31
21...
41
31
21 432
0
432 ++++=++++= xxxxttttx
, -1< x <1 n
n
xn∑
∞
=
=1
1
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
66
LatihanLatihan
xxf
+=
11)(
xx
xxxf
+=
+=
11
1)( 2
2
⎟⎠⎞
⎜⎝⎛+−
=xxxf
11ln)(
( )211)(x
xf+
=
1.
3.
6.2.
5. f(x)=tan-1(x)
( )xxf
321)(+
=7.
211)(x
xf+
=4.
Tentukan (Petunjuk : Lihat contoh a dan b di atas)
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
67
Deret Taylor dan Deret MaclurinDeret Taylor dan Deret Maclurin
Deret TaylorDefinisi: Misalkan f(x) dapat diturunkan sampai n kali pada x=b. Maka f(x) dapat diperderetkan menjadi deret kuasa dalam bentuk
!2)0(" 2xf
( )∑∞
=
−0
)(
!)(
n
nn
bxn
bff(x) = = f(b) + f ’(b)(x-b)+ + . . .
deret di atas disebut Deret Taylor dengan pusat x = b.
Bila b = 0, kita peroleh Deret Mac Laurin, yaitu
( )∑∞
=0
)(
!)0(
n
nn
xn
ff(x) = = f(0) + f ’(0)(x)+ + . . .
!2)()('' 2bxbf −
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
68
ContohContohPerderetkan fungsi berikut dengan deret maclaurin:1. f(x)= sin x
Jawab:
f(x) = sin x
f ’(x) = cos x
f ’’(x) = - sin x
f ’’’(x) = - cos x
f lV (x) = sin x
f’’(0) = 0f’(0) = 1
f(0) = 0
f’’’(0) = -1
f lV(0) = 0
Sehingga,
...!7!5!3
sin)(753
+−+−==xxxxxxf ( ) ( )∑
∞
=
+
+−=
0
12
!121
n
nn
nx
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
69
ContohContoh2. f(x)= ex
Jawab:
f(x) = ex
f ’(x) = ex
f ’’(x) = ex
f ’’’(x) = ex
f lV (x) = ex
f’’(0) = 1f’(0) = 1
f(0) = 1
f’’’(0) = 1
f lV(0) = 1
Sehingga,
...!4!3!2
1)(432
+++++==xxxxexf x ∑
∞
=
=0 !n
n
nx
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
70
ContohContoh3. Perderetkan f(x)= ex dengan deret taylor dengan pusat
di x=1Jawab:
f(x) = ex
f ’(x) = ex
f ’’(x) = ex
f ’’’(x) = ex
f lV (x) = ex
f’’(1) = ef’(1) = e
f(1) = e
f’’’(1) = e
f lV(1) = e
Sehingga,( ) ( ) ...
!31
!21)1()(
32
+−
+−
+−+==xexexeeexf x ( )∑
∞
=
−=
0 !1
n
n
nxe
7/6/2007 [MA 1124]KALKULUS II
71
LatihanLatihan1. Perderetkan dengan f(x) berikut deret maclaurin
a. f(x) = cos x
f. f(x) = sec x
e. f(x) = sin2 x
b. f(x) = cos x2
g. f(x) = tan xc. f(x) = cos2 x
h. f(x) = sec xd. f(x) = ex + sin x
2. Perderetkan dengan f(x) berikut deret taylor denganpusat x = aa. f(x) = cos x, a = π/3 c. f(x) = ex, a = 2
b. f(x) = sin x, a = π/3