bab ii analisis real

Bab 2 Sistem Bilangan Real

2.1. Aksioma Bilangan Real

Misalkan \ adalah himpunan bilangan real, P himpunan bilangan positif dan fungsi + dan . dari \ \ ke \ dan asumsikan memenuhi aksioma-aksioma berikut:

Aksioma Lapangan Untuk semua bilangan real x, y, dan z berlaku: A1. x + y = y + x A2. (x + y) + z = x + (y + z) A3. 0 \ sehingga x + 0 = x, untuk setiap x \ A4. x \ , ! w \ sehingga x + w = 0 A5. xy = yx A6. (xy)z = x(yz) A7. 1 \ sehingga 1 0, dan x.1 = x x \ A8. x \ , x 0, w \ sehingga xw = 1 A9. x(y + z) = xy + xz Himpunan yang memenuhi aksioma di atas disebut lapangan (terhadap operasi + dan .).

Diperoleh dari A1 bahwa elemen 0 adalah tunggal. Elemen w pada A4 juga tunggal dan dinotasikan dengan x. Elemen 1 pada A7 unik dan elemen w pada A8 juga unik dan dinotasikan dengan x1 Kemudian didefinisikan pengurangan dan pembagian sebagai berikut:

x y = x + (y) dan 1x xyy

= Aksioma Urutan Misalkan P adalah himpunan bilangan real positif, P memenuhi aksioma berikut: B1. x, y P x + y \ B2. x, y P x.y \ B3. x \ (x = 0) atau (x P) atau (x P) Suatu sistem yang memenuhi aksioma lapangan dan aksioma urutan disebut lapangan terurut

(ordered field). Sehingga bilangan real adalah lapangan terurut. Begitu juga dengan himpunan bilangan rasional merupakan lapangan terurut.

Dalam lapangan terurut didefinisikan x < y yang berarti x y P. Kita menuliskan x y untuk x < y atau x = y. Himpunan bilangan real dengan relasi < merupakan himpunan terurut linear. Berdasarkan aksioma urutan diperoleh:

a. (x < y) & (z < w) x + z < y + w b. (0 < x < y) & (0 < z < w) xz < yw c. Tidak ada x sehingga x < x. Bukti : a. Untuk membuktikan x + z < y + w cukup dibuktikan (y + w) (x + z) P.

Karena x < y maka y x P Karena z < w maka w z P

Bab 2 Sistem Bilangan Real Compiled by : Khaeroni, S.Si

22

Karena y x, w z P maka berdasarkan aksioma B1 diperoleh y x + w z = y + w x z = (y + w) (x + z) P.

b. Untuk membuktikan xz < yw cukup dibuktikan yw xz Karena 0 < x < y maka y x P dan x 0 = x P Karena 0 < z < w maka w z P dan w 0 = w P Karena y x, y, w z, dan w P maka berdasarkan B1 dan B2 diperoleh: w(y x) + x(w z) = yw wx + wx xz = yw xz P

c. Andaikan ada x sehingga x < x. Karena x < x maka x x P. Akibatnya 0 P. Kontradiksi dengan diketahui P himpunan bilangan positif. Jadi pengandaian salah yang benar tidak ada x sehingga x < x.

Definisi (Supremum dan Infimum) : Misalkan S \ . 1. a* batas atas S, jika x a* untuk setiap x S 2. a batas atas terkecil dari S, jika

(i) a batas atas S (ii) Jika b batas atas maka a b Notasi : a = sup(S) = sup

x Sx

= sup{x | x S}

3. c* batas bawah S, jika c* x untuk setiap x S 4. c batas bawah terbesar dari S, jika

(i) c batas bawah S (ii) Jika d batas bawah maka d c Notasi : c = inf(S) = inf

x Sx = inf{x | x S}

Perhatikan ilustrasi berikut: Jika a batas atas terkecil, maka untuk setiap > 0 akan selalu ada x0 sehingga x0 > a . Artinya,

a bukan batas atas karena ada x0 yang nilainya lebih besar (atas) darinya. Jika c batas bawah terbesar, maka untuk setiap > 0 akan selalu ada x0 sehingga x0 < c + .

Artinya c + bukan batas bawah karena ada x0 yang nilainya lebih kecil (bawah) darinya. Dari dua ilustrasi di atas, maka definisi supremum dan infimum dapat dinyatakan dalam notasi

matematis sebagai berikut: 1. a batas atas terkecil dari S, jika

(i) x S, x a (ii) > 0, x0 S, x0 > a

2. c batas bawah terbesar dari S, jika (i) x S, c x (ii) > 0, x0 S, x0 < c +

a x0 a

c x0 c +


23

Contoh Soal : Misalkan A dan B terbatas. Buktikan bahwa sup(A + B) = sup(A) + sup(B) dengan A + B = {a + b | a A dan b B} Jawab : Misal p = sup(A) dan q = sup(B). Karena

0 0 2

.

.sup( ) ( ) ,

( ) 0,p A i p a a A

ii a A a p =

> > dan

0 0 2

sup( ) ( ) ,( ) ,. 0.q B iii q b b B

iv b B b q =

> > Dari (i) dan (iii) diperoleh p + q a + b, a A dan b B. Jadi, p + q a + b, a + b A + B .. (*) Jadi p + q batas atas dari A + B Dari (ii) dan (iv) diperoleh > 0, a0 A dan b0 B sehingga a0 + b0 > (p + q) . (**) Dari (*) dan (**) terbukti bahwa p + q = sup(A + B)

Aksioma Kelengkapan Setiap himpunan bagian dari \ yang tidak kosong dan terbatas di atas mempunyai batas atas terkecil (supremum). Setiap himpunan bagian dari \ yang tidak kosong dan terbatas di bawah mempunyai batas bawah terbesar (infimum).

2.2. Bilangan Real yang Diperluas Untuk memperluas sistem bilangan real \ , maka ditambahkan elemen dan . Himpunan

baru ini disebut himpunan bilangan real yang diperluas *\ . Relasi < diperluas definisinya pada *\ menjadi < x < untuk setiap x \ . Kemudian didefinisikan x \ .

x + = , x = x. = jika x > 0 x. = jika x > 0

dan + = , = .() = , .() =

Sedangkan operasi tidak didefinisikan. Tetapi, 0. = 0. Salah satu kegunaan *\ adalah untuk mendefinisikan sup(S) dan inf(S) untuk semua S

himpunan himpunan bagian dari \ yang tidak kosong S. Jika S tidak terbatas di atas, maka sup(S) = Jika S tidak terbatas di bawah, maka inf(S) = Jadi, didefinisikan sup() = .

2.3. Bilangan Asli dan Bilangan Rasional sebagai Subset dari Bilangan Real Kita telah menggunakan simbol 1 bukan hanya untuk menyatakan bilangan asli pertama tetapi

juga bilangan real spesial seperti yang dituliskan dalam aksioma A7. Pertama, didefinisikan bilangan real 3 sebagai 1 + 1 + 1. Dengan demikian kita dapat mendefinisikan bilangan real yang berkorespondensi dengan sembarang bilangan asli.

Berdasarkan prinsip rekursif maka terdapat sebuah fungsi : ` \ yang memetakan bilangan asli ke bilangan real dengan definisi sebagai berikut:


24

(1) = 1 (n + 1) = (n) + 1

(Catatan: 1 menyatakan bilangan real pada sisi kanan dan bilangan asli pada sisi kiri) Kita harus menunjukkan bahwa fungsi adalah fungsi satu-satu. Untuk menunjukkannya

cukup ditunjukkan bahwa fungsi monoton. Bukti : Akan dibuktikan monoton naik. Artinya, jika p < q maka (p) < (q) dengan ,p q` . Karena p < q maka q = p + n untuk setiap n` Akan dibuktikan bahwa (p) < (p + n) Bukti dengan induksi Untuk n = 1, diperoleh

(p) < (p + 1) = (p) + 1 Jadi, pernyataan benar untuk n = 1. Asumsikan pernyataan benar untuk n = k, yaitu berlaku

(p) < (p + k) Akan dibuktikan pernyataan benar untuk n = k + 1, (p + (k + 1)) = ((p + k) + 1)

= (p + k) + 1 > (p) + 1 > (p)

Jadi, (p) < (p + (k + 1)). Artinya pernyataan benar untuk n = k + 1. Berdasarkan induksi di atas, terbukti monoton. Dengan kata lain, terbukti satu-satu.

Selanjutnya, juga dapat dibuktikan (dengan induksi matematika) bahwa

(p + q) = (p) + (q) dan

(pq) = (p) (q) Bukti : Pertama: Misalkan q = n , n ` . Diperoleh

(p + n) = (p) + (n) Untuk n = 1

( 1) ( ) 1 ( ) (1)p p p + = + = + Jadi pernyataan benar untuk n = 1. Asumsikan pernyataan benar untuk n = k, yaitu

(p + k) = (p) + (k) Akan dibuktikan pernyataan benar untuk n = k + 1, yaitu:

( ( 1)) (( ) 1)( ) 1( ) ( ) 1( ) ( 1)

p k p kp kp kp k

+ + = + += + += + += + +

Jadi pernyataan benar n = k + 1. Berdasarkan prinsip induksi, terbukti bahwa (p + q) = (p) + (q)

Kedua: Misalkan q = n , n ` . Diperoleh

(pn) = (p) (n)


25

Untuk n = 1 (p1) = (p) = (p)1 = (p)(1)

Jadi pernyataan benar untuk n = 1. Asumsikan pernyataan benar untuk n = k, yaitu:

(pk) = (p)(k) Akan dibuktikan pernyaaan berlaku untuk n = k + 1, yaitu:

( )

( ( 1)) ( )( ) ( )( ) ( ) ( )( ) ( ) 1( ) ( 1)

p k pk ppk pp k pp kp k

+ = += += += += +

Jadi pernyataan benar n = k + 1. Berdasarkan prinsip induksi, terbukti bahwa (pq) = (p) (q)

Sehingga memberikan korespondensi satu-satu antara himpunan bilangan asli dengan subset

bilangan real. Artinya ada korespondensi satu-satu antara himpunan bilangan asli dengan himpunan bagian dari bilangan real yang mengawetkan operasi penjumlahan, perkalian, dan relasi

Jika kedua ruas ditambah 1, diperoleh 121k y y+ > + >

Karena y supremum, maka 1k S+ . Karena k + 1 bilangan bulat yang bukan elemen S, maka k + 1 > x

Jadi dipilih n = k + 1 ] . (cool!!)

Akibat : Terdapat suatu bilangan rasional diantara dua bilangan real sembarang Dengan kata lain, jika x < y maka r _ sehingga x < r < y.

1 Ekuivalen, ada korespondensi 1-1


26

Konstruksi bukti :

Diketahui x < r < y, berarti dicari bilangan ,n q] sehingga nrq

= dengan nxq

< dan n yq< .

Didefinisikan2 himpunan |nS n yq

+ = ] . Dari sini jelas S memiliki batas bawah, yaitu y.

Karena S terbatas ke bawah dan S tidak kosong maka S memiliki batas bawah terbesar3,

misalkan p = inf(S) dan p +] . Karena p S maka p yq atau py

q . Selain itu p 1 S.

Oleh karena itu 1p yq < atau 1py

q> .

Di lain pihak 1( ) ( )p px y y x y x yq q

= < < < . Jadi 1( )p py xq q

< atau 11 1( ) ( )p p y x y x q y x

q q q < > > . Bilangan q inilah yang diambil sebagai

bilangan bulat yang lebih besar4 dari (y x)1 Bukti : Jika x 0, maka untuk setiap bilangan real (y x)1 ada q] sehingga

1( )q y x > atau 1 1y x y xq q

> < Misalkan

|nS n yq

+ = ]

S karena paling tidak y S. Dari definisi S tersebut S terbatas ke bawah. Karena S dan terbatas ke bawah maka S memiliki infimum, misalkan p = inf(S). Karena p S maka

p yq atau py

q

Karena p S maka p 1 S. Oleh karena itu, 1p y

q < atau 1py

q>

Sehingga 1p py

q q < dan 1 1( ) p px y y x

q q q= < =

Jadi, 1px

q< dan 1p y

q < .

Dari sini dipilih 1prq= _ yang jelas terletak diantara x dan y.

Jika x < 0, diambil n] sehingga n > x atau n + x > 0. Jadi, menurut pembuktian di atas, ada r _ dengan n + x < r < y < y + n atau x < r n < y. Jelas r n bilangan rasional.

2 Pendefinisian ini didasarkan pada hipotesis bahwa y paling besar. Jadi, dibentuk himpunan dengan anggota-anggota bilangan rasional dan bernilai lebih besar dari y. Idenya adalah agar himpunan mempunyai infimum, misalkan p. 3 Berdasarkan Aksioma Kelengkapan 4 Berdasarkan Aksioma Archimedes


27

2.4. Barisan Bilangan Real Barisan bilangan real adalah suatu fungsi yang memetakan setiap bilangan asli n ke

bilangan real xn. Bilangan real l dikatakan limit barisan jika untuk setiap positif terdapat bilangan N sehingga untuk setiap n N berlaku |xn l| < . Secara matematis,

( )( ) ( )( )lim 0n nl x N n N x l = > < Barisan bilangan real disebut barisan Cauchy jika untuk setiap positif terdapat bilangan N

sehingga untuk setiap n, m N berlaku |xn xm| < . Jadi ( )( ) ( )( ) barisan Cauchy 0 ,n n mx N n m N x x > <

Kriteria Cauchy : Barisan bilangan real konvergen5 jika dan hanya jika barisan Cauchy. Notasi limit ini diperluas untuk memasukkan bilangan (pada *\ )sebagai berikut. lim , jika 0, ,lim , jika 0, ,

n n

n n

x N n N xx N n N x= > > = > <

Misalkan S(l, ) = {x \ : |x l| < }, maka

l = lim xn, jika > 0, N, xn S(l, ), n N Pada kasus ini l adalah titik limit (cluster point) dari . Jadi titik l dikatakan titik limit (Cluster

Point) dari barisan jika > 0, terdapat sedikitnya satu titik xN sehingga |xN l| < . Bilamana konsep ini diperluas pada * ,\ l = titik limit dari barisan , jika > 0 terdapat paling sedikit satu titik xN sehingga xN .

Jika adalah suatu barisan, didefinisikan limit superior sebagai

1 2 2 3lim lim sup inf sup inf{sup{ , , ....},sup{ , , ...}, ...}n n kn k nx x x x x x x

= = = 6

Simbol lim dan lim sup keduanya digunakan untuk limit superior. Bilangan real l dikatakan limit superior dari barisan jika dan hanya jika :

(i) > 0, n k n, xk < l + (ii) > 0 dan n, k n, xk > l (ada paling sedikit satu titik xk sehingga xk > l Untuk bilangan real yang diperluas adalah limit superior jika dan hanya jika dan n

terdapat k n sedemikian sehingga xk . Bilangan real adalah limit superior jika dan hanya jika = lim xn.

Limit inferior didefinisikan sebagai 1 2 2 3lim lim inf sup inf sup{inf{ , , ....}, inf{ , , ...}, ...}n n kk nn

x x x x x x x= = = Sifat-sifat: 1) ( )lim lim n nx x = 2) lim lim n nx x 3) *lim (pada ) lim lim n n nx l l x x= = =\ 4) lim lim lim ( ) lim lim n n n n n nx y x y x y+ + +

lim ( ) lim lim n n n nx y x y + +

2.5. Himpunan Terbuka dalam Bilangan Real Selang buka (a, b) = {x | a < x < b}. Notasi B(x, ) = {y | |x y| < } = (x , x + )

menyatakan bola yang berpusat di x dan berjari-jari . Dalam bilangan real, B(x, ) adalah selang buka. 5 Limitnya ada 6 Diantara supremum-supremum tersebut, manakah infimumnya?


28

Definisi : Himpunan O dikatakan terbuka di \ jika

, 0 ( , )x O B x O > Dengan kata lain, x O selalu terdapat selang buka I yang memuat x sehingga I O. Selang buka adalah contoh dari himpunan terbuka. Himpunan kosong dan \ juga contoh dari

himpunan terbuka. Proposisi : Jika O1 dan O2 terbuka maka O1 O2 terbuka. Bukti : Diambil sebarang x O1 O2. Akan ditunjukkan > 0 sehingga B(x, ) O1 O2. Karena x O1 O2, maka x O1 dan x O2. Karena O1 dan O2 terbuka maka 1, 2 > 0 sehingga B(x, 1) O1 dan B(x, 2) O2. Artinya

|t x| < 1 dan

|t x| < 2 Dengan mengambil = min(1, 2), diperoleh

|t x| < < 1 dan

|t x| < < 2 Dengan kata lain, t B(x, ) berlaku t B(x, 1) dan t B(x, 2), dengan = min{1, 2}. Jadi B(x, ) O1 dan B(x, ) O2. Sehingga B(x, ) O1 O2.

Akibat : Irisan sejumlah berhingga himpunan terbuka adalah terbuka. Bukti :

Misal Oi , i = 1, , n himpunan terbuka. Akan dibuktikan 1

n

ii

O= terbuka. Maka,

1

, 1, ,

0 ( , ) , 1, ,( , ) ,

.

.

. min{ }, 1, ,

n

i ii

i i i

i i

x O x O i n

B x O i nB x O i n

= =

> = = =

""

"

Jadi, 1

n

ii

O= terbuka.

Another version (alternate soln) :

Diambil sebarang 1

n

ii

x O=

, maka x Oi dengan Oi terbuka i. Karena x O1 dan O1 terbuka, maka terdapat 1 > 0 sehingga B(x, 1) O1 Karena x O2 dan O2 terbuka, maka terdapat 2 > 0 sehingga B(x, 2) O2 Demikian seterusnya. Karena x On dan On terbuka, maka terdapat n > 0 sehingga B(x, n) On Diambil = min{1, 2, . . ., n}, jelas bahwa > 0. Maka B(x, ) B(x, i) Oi, i = 1, 2, , n yang berakibat bahwa

1

( , )n

ii

B x O=

. Jadi terbukti bahwa 1

n

ii

O= terbuka

Konvers dari proposisi di atas diberikan pada proposisi sebagai berikut


29

Proposisisi : Setiap himpunan terbuka di \ merupakan gabungan terhitung dari selang-selang terbuka yang saling asing. Bukti : Misalkan O sebarang himpunan terbuka di \ . Karena O terbuka, maka untuk setiap x O terdapat y > x sedemikian sehingga (x, y) O. Misalkan

b = sup {y | (x, y) O}, dan a = inf {z | (z, x) O}

maka a < x < b dan Ix = (a, b) adalah selang terbuka yang memuat x. Klaim Ix O. Diambil sebarang w Ix, sebut x < w < b, berdasarkan definisi b di atas, maka diperoleh bilangan y > w sehingga (x, y) O. Jadi w O. Klaim b O. Andaikan b O, maka ada > 0 sehingga (b , b + ) O atau (x, b + ) O. Kontradiksi dengan definisi b. Secara sama dapat dibuktikan bahwa a O. Himpunan {Ix}, x O merupakan koleksi selang-selang buka. Karena setiap x di O termuat di Ix dan setiap Ix termuat di O, diperoleh xO I= . Misalkan (a, b) dan (c, d) sebarang dua selang di O dengan beberapa titik yang sama. Maka haruslah c < b dan a < d. Karena c O, maka c (a, b). Diperoleh c a. Karena a O, maka c (c, d). Diperoleh a c. Jadi a = c. Secara sama, diperoleh b = d. Akibatnya (a, b) = (c, d). Sehingga setiap dua selang yang berbeda di {Ix} pasti saling asing. Jadi, O merupakan gabungan selang-selang buka yang saling asing. Terakhir tinggal ditunjukkan O terhitung. Setiap selang buka memuat bilangan rasional7. Karena O gabungan selang-selang buka yang saling asing dan setiap interval buka memuat bilangan rasional maka terdapat korespondensi 1-1 antara O dengan himpunan bilangan rasional atau himpunan bagiannya. Jadi O terhitung.

Proposisi : Jika C koleksi himpunan terbuka di \ , maka

O C

O himpuan terbuka di \ .

Bukti : , untuk suatu

0 ( , ) , untuk suatu

0 (

.

.

. , )

O C

O C

x O x O O C

B x O O C

B x O

> >

Jadi, O C

O himpunan terbuka di \ .

Another version (with countable revision) : Diambil sebarang

O C

x O

, maka terdapat O C sehingga x O. Karena O terbuka maka terdapat > 0 sehingga B(x, ) O

O C

O . Jadi terbukti bahwa untuk setiap

O C

x O

terdapat > 0 sehingga B(x, )

O C

O yang berarti

O C

O terbuka.

7 Aksioma Archimedes


30

Perlu diperhatikan bahwa, jika C koleksi himpunan terbuka di \ maka O C

O 8 belum tentu

himpunan terbuka di \ . Sebagai contoh, 1 1,nO n n = selang terbuka, tetapi 1 {0}nn O

== bukan

himpunan hingga di \ . Proposisi (Lindelf) : Misalkan C koleksi himpunan terbuka di \ , maka terdapat {Oi} subkoleksi terhitung dari C sedemikian sehingga

1i

O C i

O O

==

Bukti : Misal

{ | }U O O C= Diambil sebarang x U. Maka terdapat himpunan O C, dengan x O. Karena O terbuka, maka terdapat selang buka Ix sehingga x Ix O. Diperoleh9 bahwa terdapat selang buka Jx dengan titik akhir bilangan rasional sehingga x Jx Ix. Karena koleksi semua selang buka dengan titik akhir bilangan rasional adalah terhitung, maka himpunan {Jx}, x U terhitung dan x

x U

U J

= . Untuk setiap selang di {Jx} pilih himpunan O di C yang memuat Jx. Diperoleh subset terhitung

{ } 1i iO = dari C, dan 1

iO C i

U O O

== =

2.6. Himpunan Tertutup

Penutup himpunan E dinotasikan E Definisi :

0, | |x E y E x y > < Dengan kata lain, x E , jika setiap selang buka yang memuat x juga memuat suatu titik di E10. Jadi, jelas E E . Contoh : E = (0, 1]. Tentukan E . Apakah x = 0 E ?

0, (0,1] | |y E x y > = < Perhatikan bahwa

1 0ny n=

> 0, n0 N, |yn 0| < , n n0 atau, > 0, |yn 0| < Pilih

00

1 (0,1]ny n= . Karena 1 0

n , maka > 0, |yn 0| < . Sehingga x = 0 E .

Jadi, [0,1]E = . 8 Irisan tak berhingga himpunan-himpunan terbuka 9 Lihat proposisi : Jika x dan y bilangan real dan x < y maka terdapat bilangan rasional r sehingga x < r < y 10 |x y| < , berarti y (x , x + ). Sehingga > 0, y (x , x + ). Jadi, setiap selang terbuka yang memuat x, juga memuat suatu titik (yaitu y) di E.


31

Proposisi : 1. Jika A B maka A B 2. A B A B = Bukti : 1. Diambil sebarang > 0 dan x A .

Karena x A , maka y A |y x| < . Karena A B, maka y B |y x| < . Menurut definisi, x B . Jadi terbukti A B .

2. Karena A A B, berdasar 1) di atas maka A A B . Hal yang sama, karena B A B maka B A B . Jadi, A B A B . Kemudian, akan dibuktikan bahwa A B A B . Disini dibuktikan kontraposisinya, yaitu jika x A B maka x A B . Karena x A B , maka x A dan x B .

1 1

2 2

0 tidak ada dengan | |0 tidak ada dengan | |

x A y A x yx B y B x y

> < > <

Diambil = min{1, 2}, maka tidak ada y A B dengan |y x| < . Jadi, x A B . Ini berarti, jika x A B maka x A B . Bukti lain : Diambil sebarang > 0 dan x A B .

0, | |x A B y A B y x > < Karena y A B, maka y A atau y B. Untuk y A dengan |y x| < diperoleh x A Untuk y B dengan |y x| < diperoleh x B Jadi, x A B .

Definisi : Himpunan F disebut tertutup (closed) jika F F= Menurut definisi F F , maka himpunan F disebut tertutup jika F F , yaitu jika F

memuat semua titik-titik clusternya. Contoh : 1) F = (0, 1] bukan himpunan tertutup, sebab [0,1]F F= 2) F = [0, 1] himpunan tertutup, sebab [0,1]F F= = 3) Selang [a, b] dan [1, ] adalah himpunan tertutup 4) \ adalah himpunan tertutup 5) F = . Akan dibuktikan bahwa =

Bukti : Dari definisi, . Jadi, tinggal dibuktikan .

.

.0, , | |0, , ( , )

.

x y y xy y B x

x

> < >

Jadi, . Oleh karena itu terbukti bahwa .

Proposisi : Penutup himpunan E adalah tertutup.


32

Bukti : Akan dibuktikan E E= . Dari definisi, E E . Jadi, tinggal dibuktikan E E . Misalkan x E .

0, , | | 2x E y E y x > <

Karena y E maka untuk di atas, terdapat z E sehingga | | 2z y < . Jadi, untuk di atas, terdapat z E sehingga

.

.

.

| | | || | | |

2 2

z x z y y xz y y x

= + < + < + =

Ini berarti x E

Proposisi : Jika F1 dan F2 tertutup, maka F1 F2 tertutup. Bukti : Akan dibuktikan bahwa 1 2 1 2F F F F = . Dari definisi, jelas bahwa 1 2 1 2F F F F sehingga cukup dibuktikan 1 2 1 2F F F F Diambil sebarang 1 2x F F . Akan dibuktikan bahwa 1 2x F F . Menurut proposisi sebelumnya, 1 2 1 2x F F F F = . Karena F1 dan F2 tertutup, maka 1 2x F F .

Proposisi : Irisan koleksi himpunan tertutup adalah tertutup Bukti : Misalkan C koleksi himpunan-himpunan tertutup. Akan dibuktikan bahwa { | }F F C tertutup, yaitu { | } { | }F F C F F C = . Menurut definisi, cukup dibuktikan

{ | } { | }F F C F F C . Diambil sebarang { | }x F F C . Maka untuk setiap > 0 terdapat { | }y F F C sehingga |y x| < . Karena { | }y F F C maka y F untuk setiap F C dengan |y x| < . Menurut definisi, diperoleh bahwa x F untuk setiap F C. Karena F C maka F tertutup. Karena F tertutup maka F F= akibatnya x F, untuk setiap F C. Dari sini maka, { | }x F F C . Jadi terbukti bahwa { | } { | }F F C F F C . Sehingga { | }F F C tertutup.

Proposisi : 1. Komplemen himpunan terbuka adalah tertutup 2. Komplemen himpunan tertutup adalah terbuka Bukti : 1. Misalkan O himpunan terbuka. Akan dibuktikan bahwa c cO O= . Dari definisi c cO O .

Jadi cukup dibuktikan c cO O . Akan dibuktikan kontraposisinya. Karena O terbuka, maka x O, > 0 sehingga B(x, ) O. Karena x O, maka x Oc. Misalkan y B(x, ). Karena B(x, ) O maka y O.


33

Sehingga, jika |y x| < maka y O. Artinya, tidak ada y Oc sehingga |y x| < . Sesuai definisi penutup, cx O

2. Misalkan F himpunan tertutup. Akan dibuktikan bahwa Fc terbuka. Diambil sebarang x Fc, akan dibuktikan bahwa terdapat > 0 sehingga B(x, ) Fc. Jika > 0 diambil sembarang, maka cukup dibuktikan B(x, ) Fc. Akan dibuktikan kontraposisinya. Karena x Fc maka x F. Karena F tertutup, maka x F F = . Artinya, tidak ada y F sehingga untuk setiap > 0 yang diberikan berlaku |y x| < . Sehingga, untuk

setiap y F berlaku y B(x, ). Jadi, untuk setiap y Fc maka y B(x, ).

Koleksi himpunan C disebut selimut (covers) dari himpunan F jika { : }F O O C

dalam hal ini koleksi himpunan C disebut menyelimuti (covering) F. Jika setiap O C terbuka, maka koleksi C disebut selimut terbuka (open covering) dari F. Jika C hanya memuat sejumlah berhingga himpunan-himpunan, maka koleksi C disebut selimut hingga (finite covering). Dalam hal selimut terbuka, kata sifat terbuka tersebut menunjukkan sifat himpunan-himpunan dalam selimut dan tidak bermakna diselimuti oleh himpunan terbuka. Demikian juga dengan istilah selimut hingga tidak menunjukkan bahwa selimutnya merupakan himpunan berhingga.

Teorema (Heine-Borel) : Misalkan F tertutup dan terbatas pada \ . Maka setiap selimut terbuka dari F mempunyai selimut bagian yang berhingga. Dengan kata lain, jika C adalah koleksi himpunan terbuka sehingga { : }F O O C maka ada koleksi berhingga {O1, O2, . . ., On} pada C sehingga

1

n

ii

F O=

. Bukti : (see Real Analysis, 3rd ed., H.L. Royden, page 45)

2.7. Fungsi Kontinu Misalkan f fungsi bernilai real dengan domain E merupakan himpunan bilangan real. Berikut ini

definisi-definisi kontinu di titik, kontinu pada E, dan kontinu seragam pada E11. Definisi : Fungsi f dikatakan kontinu di titik (continuous at the point) x E jika > 0, > 0 sehingga y E, dengan |y x| < maka |f(x) f(y)| < . Fungsi f dikatakan kontinu pada (contiuous on) A subset dari E jika f kontinu di setiap titik dari A. Fungsi f dikatakan kontinu seragam pada (uniformly continuous on) E, jika > 0, > 0 sehingga x, y E, dengan |y x| < maka |f(x) f(y)| < . Untuk selanjutnya, jika disebutkan f kontinu, maka yang dimaksud adalah f kontinu pada

domainnya. Proposisi : Misalkan f fungsi bernilai real yang kontinu dan didefinisikan pada F. Jika F kontinu dan terbatas, maka f terbatas pada F dan mempunyai titik maksimum dan minimum pada F. Artinya ada titik x1 dan x2 di dalam F sehingga f(x1) f(x) f(x2), x F. Bukti :

11 Pembedaan ini hanya terlihat dari bagaimana ketergantungan pemilihan terhadap yang lain (x, y, atau )


34

(see Real Analysis, 3rd ed., H.L. Royden, page 47) Proposisi : Misalkan f fungsi bernilai real yang didefinisikan pada \ . Fungsi f kontinu pada \ jika dan hanya jika f1(O) terbuka untuk setiap O himpunan terbuka di \ . Bukti : (see Real Analysis, 3rd ed., H.L. Royden, page 4748) Teorema (Teorema Nilai Antara) : Misalkan f fungsi bernilai real dan kontinu pada [a, b]. Jika f(a) f(y) f(b) atau f(b) f(y) f(a) maka ada c [a, b] sedemikian sehingga f(c) = y. Proposisi : Jika f fungsi bernilai real dan kontinu pada himpunan tertutup dan terbatas F maka f kontinu seragam pada F. Bukti : (see Real Analysis, 3rd ed., H.L. Royden, page 48) Definisi : Misalkan barisan fungsi pada E. Barisan dikatakan konvergen titik demi titik (converge pointwise) pada E ke fungsi f, jika x E dan > 0, N12 sehingga |f(x) fn(x)| < , n N. Barisan dikatakan konvergen seragam (converge uniformly) pada E ke fungsi f, jika > 0, N13 sehingga x E, |f(x) fn(x)| < , n N.

2.8. Himpunan Borel Walaupun irisan dari sebarang koleksi himpunan tertutup adalah tertutup dan gabungan dari

koleksi berhingga dari himpunan tertutup juga tertutup, tetapi gabungan dari koleksi terhitung himpunan-himpunan tertutup tidak harus tertutup.

Sebagai contoh, himpunan bilangan rasional adalah gabungan dari koleksi terhitung himpunan-himpunan tertutup yang setiap himpunannya memuat tepat satu anggota.

Definisi : Koleksi himpunan Borel B adalah aljabar- terkecil yang memuat semua himpunan-himpunan terbuka. Eksistensi aljabar- ini dijamin oleh proposisi14 3 di Bab I. Lebih lanjut, aljabar- terkecil ini

juga memuat semua himpunan-himpunan tertutup dan memuat pula semua selang-selang buka. Himpunan yang merupakan gabungan terhitung dari himpunan-himpunan tertutup disebut F

atau dikatakan memiliki tipe F (F untuk tertutup, untuk jumlah). Sehingga, himpunan D dikatakan memiliki tipe F jika dapat ditulis

1n

n

D F

== untuk setiap himpunan tertutup Fn di R.

Jika F himpunan tertutup, maka F memiliki tipe F sebab F dapat ditulis menjadi

1n

n

F F

==

dengan F1 = F; F2 = F3 = F4 = . . . = yang merupakan himpunan tutup. Juga, selang buka (a, b) memiliki tipe F, sebab

12 Pemilihannya bergantung pada x 13 Pemilihannya tidak bergantung pada x 14 Proposisi : Misalkan C koleksi himpunan bagian dari X, maka terdapat aljabar- terkecil R yang memuat C.


35

1

1 1( , ) ,n

a b a bn n

=

= + Dari sini diperoleh bahwa setiap himpunan terbuka memiliki tipe F. Sebab, jika O buka maka :

1

1 1,n

O a bn n

=

= + Dengan a = batas bawah O, dan b = batas atas O.

Irisan terhitung dari semua himpunan terbuka dikatakan memiliki tipe G. Jadi, suatu himpunan dikatakan memiliki tipe G jika himpunan tersebut merupakan irisan terhitung dari semua himpunan terbuka.

Jadi, komplemen dari himpunan yang memiliki tipe F adalah himpunan yang memiliki tipe G dan demikian juga sebaliknya. Sebab,

( )1 1 1

1

.

.

c cc

n n nn n n

cn

n

F F F F F F

F

= = =

=

= = = =

Karena Fn tertutup untuk setiap Fn di \ maka menurut proposisi, Fnc terbuka. Terlihat (F)c merupakan irisan terhitung dari himpunan-himpunan terbuka. Jadi terbukti bahwa (F)c memiliki tipe G. Bukti sebaliknya analog.

Himpunan yang memiliki tipe F dan G adalah contoh himpunan Borel, yaitu aljabar- terkecil yang memuat semua himpunan terbuka dan tertutup.

bab ii analisis real

Documents