analisis real
DESCRIPTION
Fungsi KontinuTRANSCRIPT
Klik tombol mulai untuk menjalankan program
MEDAL
MEDALSundak 21/05/2011 Sundak 21/05/2011
FUNGSI KONTINUDEFINISITEOREMA i (kriteria fungsi kontinu)TEOREMA iiTEOREMA iiiTEOREMA iv
KONTINU SERAGAMDEFINISIKRITERIA KONTINU TAK SERAGAMTEOREMA KS PADA SELANG TERTUTUP TERBATASFUNGSI LIPSCHITZ (DEFINISI,TEOREMA)TEOREMA KS DENGAN BC
1. δ yang bergantung2. Kontinu Seragam pasti Kontinu Biasa tetapi Kontinu Biasa tidak Kontinu Seragam
Pengetahuan Umum
MEDAL
Definisif : A R→C Є A tiik limit AFs f dikatakan kontinu di c ))()(,()0),()(0( εδεδδε <−⇒<−∈∀∋>=∃>∀⇔ cfxfcxAxc
AtauFungsi f kontinu di c jika(1). f (c) ada
(2). (3).
adaxfcx
)(lim→
)()(lim cfxfcx
=→
Catatan:Fungsi f dikatakan kontinu pada A jika f kontinu di setiap titik anggota A.Fungsi yang tidak kontinu dinamakan fungsi diskontinu.
Contoh : f[0,1] R→f(x)=4x+1. Buktikan f kontinu di dan pada [0,1]
PembuktianPembuktianMEDAL
Teorema if : A → Rc Є Af kontinu di c )()(,,)( cfxfcxcxAx nnnn →⇒→≠⊆∀⇔
Teorema iif : A → Rc Є Af diskontinu di c )()(,,)( cfxfcxcxAx ncnn →/⇒→≠⊆∃⇔
Contohf : R → R
xxxxxf ,3,38{)( +
−= rasionalirrasional
Tentukan titik kekontinuan dari f! PenyelesaianPenyelesaian
MEDAL
Teorema iiif ,g : A R→c Є AJika f dan g masing-masing kontinu di c, maka
(i). α f kontinu di c, α skala r
(ii). f ± g kontinu di c
(iii). fg kontinu di c
(iv). Kontinu di c, g(c)≠0g
f
PembuktianPembuktian
LatihanLatihan
Teorema ivMisal
f : A R→g: B R→
Adalah fungsi-fungsi dengan
RBA ⊆,
BAf ⊆)(MEDAL
DefinisiMisal
Fs f dikatakan kontinu seragam ada A jika setiap ε > 0, terdapat δ = δ(ε) > 0 sehingga untuk setiap x,c Є A dengan x – c < ǀ ǀ δ berlaku ǀ f (x) – f (c) < ǀ ε
RAf
RA
→⊆:
Contoh fs f : R R→f (x) = 3x, x Є R . Buktikan fs f kontinu seragam!
PembuktianPembuktian
MEDAL
Kriteria Kontinu tak Seragam
Misal
RAf
RA
→⊆:
Pernyataan-pernyataan berikut ekuivalen(i) f kontinu tak seragam pada A
(ii) tetapi
(iii) tetapi
5,,,000 <−∈∃>∀∋>∃ δδδδδε cxAcx 0)()( εδδ ≥− cfxf
nyxAyxNn nnnn
1,,,,00 <−∈∃∈∀>∃ε 0)()( ε≥− nn yfxf
Atautetapi
0)()( ε≥− nn yfxf0,)(),(,00 →−⊆∃>∃ nnnn yxAyxε
Contoh
Buktikan g(x) kontinu tak seragam!
0,1
)( >= xx
xg
PembuktianPembuktianMEDAL
Teorema Kontinu Seragam
Jika f kontinu pada selang tertutup terbatas I = [a,b], maka f kontinu seragam pada I
Contoh
f kontinu pada [0,2]. [0,2] tertutup terbatas maka f kontinu seragam pada [0,2]
[ ]2,0,)( ∈= xxxf
MEDAL
Fungsi LipschitzDefinisi
f dikatakan fungsi Lipschitz (memenuhi kondisi Lipschitz) ada A jika terdapat K > 0 sehingga setiap untuk setiap x, y Є A
RAf
RA
→⊆:
yxKyfxf −≤− )()(
MEDAL
Teorema f : A → RJika f memenuhi kondisi Lipschitz pada A,maka f kontinu seragam pada A
Sehingga Fungsi Lipschitz digunakan pembuktian fungsi kontinu seragam.
PembuktianPembuktian
Contoh
Buktikan f (x) bukan fungsi Lipschitz!
[ ]1,0,)( ∈= xxxf
PembuktianPembuktian
MEDAL
Hubungan KS dengan BC
Teorema i :f : X Y → kontinu seragam(xn) Barisan Cauchy di dalam X maka (f(xn)) Barisan Cauchy di dalam Y.
PembuktianPembuktian
Contoh :Buktikan f(x) =1/x tidak kontinu seragam pada (0,1).
PenyelesaianPenyelesaian
MEDAL
Teorema ii :f kontinu seragam pada (a,b) jika dan hanya jika f dapat diperluas menjadi fungsi kontinu pada [a,b].
PembuktianPembuktian
MEDAL
MEDAL
Puyeng mak
(i) f kontinu di [0,1])5)14(1,()0),1()(0( εδεδδε <−+⇒<−∈∀∋>=∃>∀ xxAxadb
Diambil ε>0 sebarang, dipilih δ = Akibatnya
445)14(
1,
−=−+
<−∀
xx
xx δ4
ε
εεδ =<=
−=
444
)1(4 x
(ii) f kontinu pada [0,1] adb f kontinu disetiap titik didalam [0,1] Diambil sebarang c Є [0,1]. Dibuktikan f kontinu di c maka
))()(],1,0[()0),()(0( εδεδδε <−⇒<−∈∀∋>=∃>∀ cfxfcxxcadbDiambil ε>0 sebarang, dipilih δ = Akibatnya 4
ε)14()14()()(
],1,0[
+−+=−
<−∈∀
cxcfxf
cxx δ
εεδ ==<−=
−=
−=
4444
4
44
cx
cx
cx
WANGSULMEDAL
WANGSUL
Penyelesaian:Misal f kontinu di cDiambil sebarang barisanBerakibat
Karena maka rasional&irrasional konvergen ke c dengan demikian
)()(,)( cfxfcxRx nnn →⇒→⊆nn
nn
xxxxnxf
,3,38{)( +
−= rasionalirrasional
cxn → )( nx
33 +→+= cxy nn
cxz nn 3838 −→−=
Dilain pihak barisan bagian dari , karena f kontinu di c maka)(&)( nn zy ))(( nxf
)(&)( cfzcfy nn →→
Dengan ketunggalan limit barisanf(c) = c + 3 = 8 - 3c maka c = ⁵/₄ titik ⁵/₄ kontinu di f҉
MEDAL
WANGSUL
(i). α f kontinu di c, α skala r Adb α f kontinu di c
Diambil sebarang karena f kontinu di c maka
Berakibat untuk α Є R :
))(())((,,)( cfxfcxcxAx nnnn αα →⇒→≠⊆∀⇔
)()(
,,)(
cfxf
cxcxAx
n
nnn
→→≠⊆
))(()())(())(( cfcfxfxf n
def
n αααα =→=(ii). f ± g kontinu di c adb f ± g kontinu di c
Diambil sebarang karena f,g kontinu di c maka
Berakibat f , g Є R :
))(())((,,)( cgfxgfcxcxAx nnnn ±→±⇒→≠⊆∀⇔
)()(&)()(
,,)(
cfxgcfxf
cxcxAx
nn
nnn
→→→≠⊆
))(()()()()())(( cgfcgcfxgxfxgf nn
def
n ±=±→±=±
MEDAL
WANGSULMEDAL
PembuktianAdb
Diambil sebarang ε > 0 dan c Є R dipilih δ = /₃ᵋsehingga :
ǀ f (x) – f (c) = ǀ ǀ 3x – 3c = ǀ ǀ 3(x – c) = 3 ǀ ǀ ǀ ǀ x - cǀ = 3 ǀ x – c < 3 ǀ δ = 3 / = ₃ᵋ ε
҉ Jadi f kontinu di cKarena c Є R sebarang, maka f kontinu pada R
εδεδδε <−⇒<−∈∀∋>=∃>∀ )()(,,)0)()(0( cfxfcxRcx
δ<−∈∀ cxRcx ,,
WANGSULMEDAL
WANGSUL
Penyelesaian
adb tetapi 0)()( ε≥− nn ygxg0,)(),(,00 →−⊆∃>∃ nnnn yxAyxε
Diambil ε₀ = 3
tetapi
03
113
1;1
→+
−=−
+==
nnyx
ny
nx
nn
nn
33)3()()( ≥=+−=− nnygxg nn
g kontinu tak seragam pada {x Є R : x > 0}
MEDAL
WANGSUL
Pembuktian
Diketahui f fungsi Lipschitz pada A, artinya terdapat K > 0 sehingga
Diambil ε > 0 sebarang, pilih δ = /ᵋ k , akibatnya
yxKyfxf
Ayx
−≤−∈∀
)()(
,
ε
δ
≤−
<−∈∀
)()(
:,,
yfxf
yxAyx
MEDAL
WANGSUL
Pembuktianf merupakan fungsi seragam pada [0,1].
misal f fungsi Lipschitz pada [0,1], berarti ada K > 0 sehingga
Tetapi
yxKyfxf
yx
−≤−∈∀
)()(
:]1,0[,
ikontradiksKK
KKKKxxKyxK
KKxyfxf
yK
x
2
1
2
1
2
1
2
12
1
2
1.0
2
10
2
10)()(
]1,0[0],1,0[2
1
2
2
2
≤⇒≤∴
===−=−∗
=−=−=−∗
∈=∈=
MEDAL
WANGSUL
Bukti :Diberikan ε > 0 sebarang. Karena f : X → Y kontinu seragam, maka terdapat δ > 0 sehingga berlaku :
Karena (xn) Barisan Cauchy didalam X, maka untuk δ > 0 di atas terdapat H Є N sehingga untuk m,n ≥ H :
Akibatnya untuk m,n ≥ H :
ε
δ
<−
≤−∈∀
)()(
)()(,,
yfxf
yfxfXyx
ε
δ
<−
<−
)()(
)()(
mn
mn
xfxf
xx
MEDAL
WANGSUL
Diambil barisan (xn) (0,1), xn =
(xn) Barisan Cauchy tetapi f(xn) = n bukan barisan Cauchy.
Jadi f(xn) = tidak kontinu seragam pada (0,1).
⊆n
1
x
1
MEDAL
WANGSUL
Bukti :Karena f kontinu pada [a,b] maka f kontinu seragam pada [a,b]. Akibatnya f kontinu seragam pada (a,b).Diketahui f kontinu seragam pada (a,b).Akan dibuktikan f dapat diperluas menjadi fungsi kontinu di a dan b.Tanpa mengurangi keumuman, ditunjukkan (ada).
Untuk titik b, bukti analog.Bilangan a adalah titik limit dari (a,b), maka terdapat (xn) (a,b) sehingga xn → aAkibatnya (xn ) Barisan Cauchy, oleh karena itu (f(xn)) Barisan Cauchy sehingga (f(xn)) konvergenJadi (ada)
Jika (yn ) (a,b) sebarang , yn → a maka
Dengan kekontinuan seragam dari f
= 0 + L = LKarena diperoleh nilai yang sama untuk setiap barisan yang konvergen ke a, maka dari kriteria barisan untuk limit, f mempunyai limit L di a.Jika didefinisikan f(a) = L, maka kontinu di a.Argumen yang sama dapat dilakukan untuk b.
҉ Jadi f dapat diperluas menjadi fungsi yang kontinu pada [a,b]
Lax
=→lim
⊆
Lxf nn
=→
))((lim~
⊆ 0)(lim~
=−=−→
aaxy nnn
))((lim))()((lim))((~~
~lim n
nnn
nn
n
xfxfyfxf→→→
+−=
MEDAL